当前位置：首页 >高二物理下册暑假作业

高二物理下册暑假作业

2025-04-29

篇1：高二物理下册暑假作业

一、选择题(共有12题，每小题的四个选项中，只有一个选项正确，每小题3分，共36分.)

1.某种放射性同位素能进行β衰变，在β衰变中放出的电子来自于

A.原子的外层电子 B.原子的内层电子

C.原子核内的电子 D.原子核内的一个中子衰变成一个质子时所放出的电子

2.蚌壳内表面上有一薄层珍珠质，在自然光照射下常会呈现美丽的色彩，这是因为

A.光在折射时产生色散 B.光在干涉时产生色散

C.光在全反射时产生色散 D.蚌壳凹面对光有汇聚作用

3.如图所示，一列横波沿x轴传播，实线和虚线分别是t1时刻和t2时刻波的图像.已知t2 = t1+1/8s，振动周期是0.5s，则波的传播方向与传播距离是

A.向x轴正方向，9m B.向x轴负方向，3m

C.向x轴正方向，3m D.向x轴负方向，9m

4.天然放射性现象中发生α衰变后变成，已知、和α粒子的质量分别是m1、m2和m3，它们之间应满足

A.m1=m2+m3 B.m2=m1+m3

C.m1>m2+m3 D.m1

5.篮球运动员通常伸出双手迎接传来的篮球.接球时，两手随球迅速收缩至胸前，这样做可以

A.减小球对手的冲量 B.减小球对手的冲击力

C.减小球的动量变化量 D.减小球的动能变化量

6.质量为m的人站在质量为M、长为L的静止小船的右端，小船的左端靠在岸边(如图所示)，当他向左走到船的左端时，船左端离岸的距离是

A.L B.

C. D.

7.根据玻尔理论，某原子的电子从能量为E的轨道跃迁到能量为E’ 的轨道，辐射出波长为λ的光，以h表示普朗克常量，c表示真空中的光速，则E’ 等于

A. B. C. D.

8.人眼对绿光最为敏感.正常人的眼睛接收到波长为530nm的绿光时，只要每秒有6个绿光的光子射入瞳孔，眼睛就能察觉.普朗克常量为6.63×10-34J，光速为3×108 m/s，则人眼能察觉到绿光时所接收到的最小功率是 ( )

A.2.3×10-18 W B.3.8×10-19 W

C.7.0×10-48 W D.1.2×10-48 W

9.氢原子的核外电子在由高能级向低能级跃迁的过程中

A.辐射光子，获得能量 B.吸收光子，获得能量

C.吸收光子，放出能量 D.辐射光子，放出能量

10.如图所示的单摆，摆球a向右摆动到最低点时，恰好与一沿水平方向向左运动的粘性小球b发生碰撞，并粘在一起，且摆动平面不变，已知碰撞前a球摆动的点与最低点的高度差为h，摆动的周期为T，a球质量是b球质量的5倍，碰撞前a球在最低点的速度是b球速度的一半，则碰撞后

A.摆动的周期为

B.摆动的周期为

C.摆动点与最低点的高度差为0.3h

D.摆动点与最低点的高度差为0.25h

11.如图所示，用单色光做双缝干涉实验，P为第二条亮条纹，改用频率较高的单色光再做实验(其他不变)时，则第二个亮条纹的位置

A.仍在P点

B.在P点上方

C.在P点下方

D.要将屏向双缝方向移近一些才能看到亮条纹

篇2：高二物理下册暑假作业

【篇一】

　　1.解：A、电流表显示的是有效值，示数为I=A=10A，故A错误;

　　B、由图象知周期为0.01s，频率为周期的倒数100Hz，故B错误;

　　C、电阻消耗的功率P=I2R=(10)2×10=1000W，故C错误;

　　D、角速度ω=2πf=200π，所以瞬时值表达式i=10sin200πtA，故D正确;

　　故选：D

　　2.解：A、t=0时刻感应电动势，磁通量为零;此时线圈与中性面相互垂直;故A错误;

　　B、t2时刻感应电动势，线圈平面与中性面垂直，磁通量为零.故B错误.

　　C、t3时刻线圈通过中性面，感应电动势为零，根据法拉第电磁感应定律，知磁通量变化率为零，最小，故C错误;

　　D、t4时刻线圈中感应电动势，磁通量变化率.故D正确.

　　故选：D3.解：A、交流电表的示数是有效值.故A错误;

　　B、B、保险丝的额定电流，也是有效值，故B错误;

　　C、电容器的击穿电压，是指的电压值，故C正确;

　　D、220V动力电压是有效值，故D错误;

　　故选：C.

　　4.解：A、图示位置磁通量为Φ1=0，转过90°磁通量为Φ2=BS，△Φ=Φ2﹣Φ1=BS.故A错误.

　　B、根据法拉第电磁感应定律得，平均感应电动势，△t=解得=，故B正确;

　　C、通过电阻R的电量q=It=t=n，得到q=，故C正确;

　　D、电流的有效值为I=，E=，电阻R所产生的焦耳热Q=I2Rt，解得Q=，故D正确.

　　故选：BCD.

　　5.D

　　6.AD

　　解：A、闭合瞬间，L相当于断路，b立刻变亮，a逐渐变亮，A正确B错误.

　　C、闭合开关稳定时，a的亮度比b的大，因为根据I=知通过a的电流大，C错误

　　D、电键断开，L相当于电源与两个灯泡串联，逐渐熄灭，由于稳定后a灯的电流大于b灯，所以电键断开瞬间b灯的电流比稳定时的电流大，b灯闪亮一下再熄灭，D正确

　　故选：AD

　　7.A变压器的构造和原理;正弦式电流的图象和三角函数表达式

　　解：由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压值为311V，所以原线圈电压的有效值为U1=220V

　　根据电压与匝数成正比得：U2==55V

　　则副线圈电流I2==5A

　　故选：A.

　　8.解：(1)感应电动势值为Em=NBSω=100××0.05×100V=500V

　　由于从中性面开始计时，则瞬时值表达式为：e=Emsin(ωt)=500sin(100πt)V

　　(2)流过电阻R的电流Im==50A

　　通过电阻R的电流有效值I==25A.

　　答：(1)若线圈经图示位置开始计时，线圈中感应电动势瞬时值的表达式是e=500sin(100πt)V;

　　(2)通过电阻R的电流有效值是25A.

　　9.解：(1)降压变压器的输出功率为：P=40×22×6=5280W

　　降压变压器副线圈的电流：=24A，

　　降压变压器原线圈的电流：=6A

　　输电线损失的功率：

　　所以输入功率：P1=5280+144=5424W

　　(2)降压变压器原线圈电压为：=880V

　　输电线上损失的电压为：△U=I3R=24V

　　则发动机的输出电压为：U2=880+24=904V

　　所以发电机原线圈电压：=226V

　　根据电流与匝数成反比知发电机原线圈中电流为=24A，

　　发电机内阻分压：Ur=24×1=24V

　　电动势为：E=226+24=250V.

　　(3)用户获得的实际功率P用=22×40×6=5280W;

　　则输电效率η==97.3%;

　　答：(1)发电机输出功率为5424W;(2)电动势为250V;(3)输电效率为97.3%.

　　10.串联在外电路中的交流电流表的读数是1.4A

　　正弦式电流的图象和三角函数表达式;正弦式电流的值和有效值、周期和频率.

　　解：从Φ﹣t图象可以读出：Φm=1.0×10﹣2Wb，T=3.14×10﹣2s

　　感应电动势值Em=nBSω=nωΦm，又ω=，得到Em=nΦm

　　故电路中电流值

　　Im===A=2A.

　　交流电流表读数I=0.707Im≈1.4A.

　　答：串联在外电路中的交流电流表的读数是1.4A.

　　11.6V12w

【篇二】

　　1.B

　　2.解：根据右手螺旋定则，环形电流可以等效为小磁针，小磁针的N极指向右，根据异性相吸，知线圈向左运动.故A正确，B、C、D错误.

　　故选A.

　　3.解：由图乙所示可知，在0﹣1s内，电流是正的，即从上向下看，沿顺时针方向，电流大小是定值，则磁感应强度均匀变化，在1﹣2s内，感应电流为零，则磁感应强度不变，在2﹣4s内，感应电流是负的，即沿逆时针方向，电流大小不变，则磁感应强度随时间均匀变化;

　　A、根据图示图象，由楞次定律可知，0﹣1s内感应电流感应电流沿顺时针方向(从上向下看)，在1﹣2s内磁感应强度不变，穿过线圈的磁通量不变，感应电流为零，在2﹣4s内，由楞次定律可知，感应电流沿逆时针方向，符合题意，故A正确;B错误;

　　C、由图示图示可知，在1﹣2s内，磁感应强度是变化的，穿过线圈的磁通量是变化的，线圈中有感应电流，不符合题意，故C错误;

　　D、根据图示图象，由楞次定律可知，0﹣1s内感应电流感应电流逆时针方向(从上向下看)，在1﹣2s内磁感应强度不变，穿过线圈的磁通量不变，感应电流为零，在2﹣4s内，由楞次定律可知，感应电流沿顺时针方向，不符合题意，故D错误;

　　故选：A.

　　4.解：A、B、当磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增加，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，根据楞次定律可知，线圈受到的安培力斜向右下方，则线圈对桌面的压力增大，即N大于mg.线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力.故A正确，B错误.

　　C、当磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量减小，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，根据楞次定律可知，线圈受到的安培力斜向右上方，则线圈对桌面的压力减小，即N小于mg.线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力.故C错误，

　　D、当磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增加，线圈中产生感应电流从上向下看是逆时针方向;当磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量减小，线圈中产生感应电流从上向下看是顺时针方向，故D错误.

　　故选：A.

　　5.CD楞次定律.

　　解：环中通以恒定电流I后，圆环所受安培力为BI2πr，则在竖直方向的分力为2πrBIcosθ，

　　AC、由牛顿第二定律，可得：BI2πrcosθ﹣mg=ma，则圆环向上的加速度为a=﹣g，竖直向上，

　　在电流未撤去时，圆环将做匀加速直线运动，经过时间t，速度会达到值，由v=at得v=﹣gt，故C项正确;

　　在时间t内，上升的高度h=，则安培力对圆环做功为W=Fh=πrBIt2cosθ(﹣g)，故A错误;

　　B、电流撤去后，由于惯性，圆环继续向上运动，在磁场中切割磁感线而做变减速运动，故B项错误;

　　D、圆环通电流时，电流方向为顺时针，安培力分量指向圆心，有收缩的趋势，撤去电流后，切割产生的感应电流为逆时针，则安培力分量背离圆心，则有扩张的趋势，故D正确.

　　故选：CD.

　　6.解：A、当条形磁铁插入线圈的瞬间，穿过线圈的磁通量增加，产生感应电流.条形磁铁第一次缓慢插入线圈时，磁通量增加慢.条形磁铁第二次迅速插入线圈时，磁通量增加快，但磁通量变化量相同.故A正确;

　　B、根据法拉第电磁感应定律=

　　第二次线圈中产生的感应电动势大，感应电流：I=也大，外力做的功转化为内能：W=Q=I2Rt=t=t=所以外力做的功与所用的时间成反比，即速度越快，外力做的功越多.故B错误;

　　C、根据法拉第电磁感应定律=

　　第二次线圈中产生的感应电动势大，故C错误;

　　D、根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势的大小，由欧姆定律分析感应电流的大小.再由q=It可确定导体某横截面的电荷量等于磁通量的变化与电阻的比值，由于磁通量变化量相同，电阻不变，所以通过导体横截面的电荷量不变，故D正确;

　　故选：AD.

　　7.①(连错一条线则得0分)

　　②Ⅰ.将开关闭合(或者断开);

　　Ⅱ.将螺线管A插入(或拔出)螺线管B

　　8.(1)ab中的电流方向为b到a(2)(3)R1=2.0Ωm=0.1kg

　　(1)由右手定则，金属棒ab中的电流方向为b到a (2)由能量守恒，金属棒减小的重力势能等于增加的动能和电路中产生的焦耳热解得： (3)设速度为v，切割磁感线产生的感应电动势由闭合电路的欧姆定律：从b端向a端看，金属棒受力如图：金属棒达到速度时满足由以上三式得：由图像可知：斜率为，纵截距为v0=30m/s，得到：解得：R1=2.0Ωm=0.1kg 点评：本题考察了常见的电磁感应类的问题，通过受力分析弄清物体运动过程，并结合能量守恒定律求出电阻发热等问题。

　　9.解析：(1)向右

　　(2)传感器正常工作时的电阻

　　工作电流

　　由于滑动变阻器工作电流是1A，所以电路允许通过的电流为I=0.3A

　　(3)滑动变阻器触头位于最左端时外电路的电阻为R外=20Ω，故电源电动势的值E=I(R外+r)=6.3V

　　由法拉第电磁感应定律

　　解得t0=40s

　　10.解：设竖直板的长度为L，小球带电量为q

　　F杆的方向与水平方向成角

篇3：高二物理下册暑假作业

　　【一】

　　1．关于晶体和非晶体，下列说法中正确的是()

　　A．晶体一定有天然的规则外形

　　B．冰有固定的熔点，一定是晶体

　　C．晶体的物理性质一定表现为各向异性

　　D．水晶片和玻璃片都是透明的，故它们都是晶体

　　2．关于液晶的以下说法正确的是()

　　A．液晶态只是物质在一定温度范围内才具有的状态

　　B．因为液晶在一定条件下发光，所以可以用来做显示屏

　　C．液晶表现各向同性的性质

　　D．笔记本电脑的彩色显示器，是因为在液晶中掺入了少量多*染料，液晶中电场强度不同时，它对不同色光的吸收强度不一样，所以显示出各种颜色

　　3．使一些小水银滴迅速合成一个较大的水银滴时，水银的温度将()

　　A．升高B．降低C．不变D．无法判断

　　4．关于浸润与不浸润现象，下面的几种说法中正确的是()

　　A．水是浸润液体

　　B．水银是不浸润液体

　　C．同一种液体对不同的固体，可能是浸润的，也可能是不浸润的

　　D．只有浸润液体在细管中才会产生毛细现象

　　5．下列情况晾出的湿衣服不容易干的是()

　　A．气温5℃，绝对湿度5.058×102Pa

　　B．气温10℃，绝对湿度6.754×102Pa

　　C．气温15℃，绝对湿度1.023×103Pa

　　D．气温20℃，绝对湿度2.320×103Pa

　　6．下图中的四个图象是一定质量的气体，按不同的方法由状态a变到状态b，其中A图曲线是双曲线的一部分，则反映气体变化过程中从外界吸热的是()

　　7．热力学第二定律使人们认识到自然界中进行的涉及热现象的宏观过程()

　　A．都具有方向性B．只是部分具有方向性C．没有方向性D．无法确定

　　8．若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，则在此过程中关于气泡中的气体，下列说法正确的是()

　　A．气体分子间的作用力增大B．气体分子的平均速率增大

　　C．气体分子的平均动能减小D．气体组成的系统的熵增加

　　9．如图所示，为一汽缸内封闭的一定质量的气体的p－V图线，当该系统从状态a沿过程a→c→b到达状态b时，有335J的热量传入系统，系统对外界做功126J．求：

　　(1)若沿a→d→b过程，系统对外做功42J，则有多少热量传入系统？

　　(2)若系统由状态b沿曲线过程返回状态a时，外界对系统做功84J，问系统是吸

　　热还是放热？热量传递是多少？

　　10．如图所示为火灾报警器的原理图，竖直放置的玻璃试管中装入水银，当温度升高时，水银柱上升，使电路导通，蜂鸣器发出响声，在27℃时，下端封闭的空气柱长为L1＝20cm，水银柱上表面与导线端点的距离为L2＝10cm，管内水银柱的重量为10N，横截面积为1cm2，大气压强p0＝1.0×105Pa，问：

　　(1)当温度达到多少时报警器会报警？

　　(2)如果温度从27℃升到报警温度的过程中，封闭空气柱从外界吸收的热量为20

　　J，则空气柱的内能增加了多少？

　　【答案】

　　1．B2．D3．A4．C5．D6．D7．A8．D

　　9．(1)251J(2)放热293J

　　10．(1)177℃(2)18J

　　【二】

　　1．有关布朗运动的说法错误的是()

　　A．布朗运动就是分子的无规则运动

　　B．布朗运动反映了分子的无规则运动

　　C．颗粒越小布朗运动越显著